如圖(a)所示,木板OA可繞軸O在豎直平面內轉動,某研究小組利用此裝置探索物塊在方向始終平行於斜面、大小爲F=...
問題詳情:
如圖(a)所示,木板OA可繞軸O在豎直平面內轉動,某研究小組利用此裝置探索物塊在方向始終平行於斜面、大小爲F=8N的力作用下加速度與斜面傾角的關係。已知物塊的質量m=1kg,透過DIS實驗,得到如圖(b)所示的加速度與斜面傾角的關係圖線。若物塊與木板間的動摩擦因數爲0.2,假定物塊與木板間的最大靜摩擦力始終等於滑動摩擦力,g取10m/s2。試問:
(1)圖(b)中圖線與縱座標交點ao多大?
(2)圖(b)中圖線與θ軸交點座標分別爲θ1和θ2,木板處於該兩個角度時的摩擦力指向何方?說明在斜面傾角處於θ1和θ2之間時物塊的運動狀態。
(3)θ1爲多大?
(4)如果木板長L=2m,傾角爲37°,物塊在F的作用下由O點開始運動,爲保*物塊不衝出木板頂端,力F最多作用多長時間?(取sin37°=0.6,cos37°=0.8)
【回答】
(1)6(m/s2);(2)當摩擦力沿斜面向下且加速度爲零時木板傾角爲θ1,當摩擦力沿斜面向上且加速度爲零時木板傾角爲θ2,這時物塊處於靜止狀態.(3)40.4°;(4)3.1s. 解析: (1)當木板水平放置時,物塊的加速度爲a0
此時滑動摩擦力f = μN = μmg=0.2×1×10 = 2 N
=6 m/s2
(2)當摩擦力沿斜面向下且加速度爲零時木板傾角爲θ1,當摩擦力沿斜面向上且加速
度爲零時木板傾角爲θ2,這時物塊處於靜止狀態。
(3)N1=mgcosθ1F1=μN1=μmgcosθ1 F=mgsinθ1+μmgcosθ1
聯立方程8 = 10sinθ1+ 2cosθ1 解得θ1≈40.4°
(4)力F作用時的加速度
m/s2
撤去力F後的加速度大小
(m/s2)
設物塊不衝出木板頂端,力F最長作用時間爲t
則撤去力F時的速度v=a1t
位移撤去力F後運動的距離
由題意有
即 解得:t≈3.1s
【思路點撥】(1)縱座標交點表示木板水平放置時的加速度,根據牛頓第二定律即可求解;(2)當摩擦力沿斜面向下且加速度爲零時木板傾角爲θ1,當摩擦力沿斜面向上且加速度爲零時木板傾角爲θ2,這時物塊處於靜止狀態;(3)當摩擦力沿斜面向下且加速度爲零時木板傾角爲θ1,對木塊進行受力分析,根據平衡條件即可求解;(4)根據牛頓第二定律分別求出有F和撤去F時的加速度,根據勻變速直線運動的基本公式求出這兩個過程的位移,根據兩段位移之和爲L求解.本題主要考查了牛頓第二定律及運動學基本公式的直接應用,要求同學們能根據圖象得出有效資訊,難度適中.
知識點:牛頓運動定律的應用
題型:計算題
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